UVA 816 -- Abbott's Revenge(BFS求最短路)

60 阅读 0 评论 40 点赞

我是靠谱客的博主义气马里奥，最近开发中收集的这篇文章主要介绍UVA 816 -- Abbott's Revenge(BFS求最短路)，觉得挺不错的，现在分享给大家，希望可以做个参考。

概述

UVA 816 -- Abbott's Revenge(BFS求最短路)

　　有一个 9 * 9 的交叉点的迷宫。输入起点，离开起点时的朝向和终点，求最短路（多解时任意一个输出即可）。进入一个交叉点的方向（用NEWS表示不同方向）不同时，允许出去的方向也不相同。例如：1 2 WLF NR ER * 表示如果进去时朝W（左），可以左转（L）或直行（F），如果朝N只能右转（R）如果朝E也只能右转。* 表示这个点的描述结束啦！

　　输入有：起点的坐标，朝向，终点的坐标。然后是各个坐标，和各个坐标点的情况（进去方向和可以出去的方向）以*号表示各个坐标点描述的结束。

　　题目分析：本题和普通的迷宫在本质上是一样的，但是由于“朝向”也起了关键的作用，所以需要一个三元组（r，c, dir）表示位于（r， c）面朝dir 的状态。假设入口位置为（r0，c0）朝向为dir ，则初始状态并不是（r0， c0， dir），而是（r1， c1， dir）因为开始时他别无选择，只有一个规定的方向。其中，（r1， c1）是沿着方向dir走一步之后的坐标， dir刚好是他进入该点时的朝向。此处用d[r][c][dir]表示初始状态到（r， c， dir）的最短路长度，并且用 p[r][c][dir]保存了状态（r， c， dir）在BFS树中的父结点。

规律：：很多复杂的迷宫问题都可以转化成最短路问题，然后用BFS求解。在套用BFS框架之前，需要先搞清楚图中的“结点”包含哪些内容。

  1 #include<iostream>
  2 #include<cstring>
  3 #include<cstdio>
  4 #include<vector>
  5 #include<queue>
  6 using namespace std;
  7 int r0,c0,r2,c2,r1,c1,dir;
  8 const char *dirs = "NESW";
  9 const char *turns = "FLR";
 10 const int dr[] = {-1,0,1,0};
 11 const int dc[] = {0,1,0,-1};
 12 const int maxn = 10;
 13 int dir_id(char s){return strchr(dirs,s) - dirs;}
 14 int turn_id(char s){return strchr(turns,s) - turns;}
 15 int has_edge[maxn][maxn][4][3];// 表示当前状态（r，c，dir），是否可以沿着转弯方向[trun]行走。
 16 struct Node{
 17     int r,c,dir;
 18     Node(int r=0,int c=0,int dir=0):r(r),c(c),dir(dir) {}
 19 };
 20 int d[maxn][maxn][4];///表示初始状态到(r,c,dir)的最短路径长度
 21 Node p[maxn][maxn][4];///用来记录从哪一步走到(r,c,dir)，即其父节点
 22 ///读入地图
 23 bool read_input()
 24 {
 25     char s[99],s2[99];
 26     if(scanf("%s%d%d%s%d%d",s,&r0,&c0,s2,&r2,&c2) != 6) return false;
 27     cout<<s<<endl;
 28     dir = dir_id(s2[0]);
 29     r1 = r0 + dr[dir];
 30     c1 = c0 + dc[dir];
 31     memset(has_edge,0,sizeof(has_edge));
 32     for(;;)
 33     {
 34         int r,c;
 35         cin>>r;
 36         if( r == 0) break;
 37         cin>>c;
 38         while(cin>>s && s[0] != '*')
 39         {
 40             for(int i=1;i<strlen(s);i++)///将当前路口（r,c），可以的前进方向存到has_edge中
 41                 has_edge[r][c][dir_id(s[0])][turn_id(s[i])] = 1;
 42         }
 43     }
 44     return true;
 45 }
 46 ///从当前节点u，转向为i，前进一步
 47 Node walk(Node u,int i)
 48 {
 49     int temp = u.dir;
 50     if(i == 1) temp = (temp+3)%4;///逆时针旋转，L
 51     if(i == 2) temp = (temp+1)%4;///顺时针旋转，R
 52     return Node(u.r + dr[temp],u.c + dc[temp],temp);
 53 }
 54 ///判断是否出界
 55 bool inside(int r,int c)
 56 {
 57     return r >= 1 && r <= 9 && c >= 1 && c <= 9;
 58 }
 59 ///将结果进行打印
 60 void print_ans(Node u)
 61 {
 62     vector<Node> nodes;
 63     for(;;)
 64     {
 65         nodes.push_back(u);
 66         if(d[u.r][u.c][u.dir] == 0) break;
 67         u = p[u.r][u.c][u.dir];
 68     }
 69     nodes.push_back(Node(r0,c0,dir));
 70     ///打印解，每行10个
 71     int cnt = 0;
 72     for(int i=nodes.size()-1;i>=0;i--)
 73     {
 74         if(cnt % 10 == 0) printf(" ");
 75         printf(" (%d,%d)",nodes[i].r,nodes[i].c);
 76         if(++cnt % 10 == 0) cout<<endl;
 77     }
 78     if(nodes.size() % 10 != 0) cout<<endl;
 79 }
 80 ///BFS
 81 void solve()
 82 {
 83     queue<Node> q;
 84     memset(d,-1,sizeof(d));
 85     Node u(r1,c1,dir);
 86     d[u.r][u.c][u.dir] = 0;
 87     q.push(u);
 88     while(!q.empty())
 89     {
 90         Node u = q.front();q.pop();
 91         if(u.r == r2 && u.c == c2) {print_ans(u);return;}///到达终点
 92         for(int i=0;i<3;i++)///3个方向，0-F,1-L,2-R
 93         {
 94             Node v = walk(u,i);//超当前方向走，下一个结点
 95             if(has_edge[u.r][u.c][u.dir][i] ///1.判断是否能向当前方向走
 96                && inside(v.r,v.c)///2.判断是否出界
 97                && d[v.r][v.c][v.dir] < 0)///3.判断是否已经走过这条路 u->v
 98             {
 99                 d[v.r][v.c][v.dir] = d[u.r][u.c][u.dir]+1;
100                 p[v.r][v.c][v.dir] = u;//记录父节点
101                 q.push(v);
102             }
103         }
104     }
105     cout<<"  No Solution Possible"<<endl;//走了所有可以走的可能， 无法到达终点
106 }
107 int main()
108 {
109     while(read_input())
110     {
111         solve();
112     }
113 
114     return 0;
115 }