杭电 HDU ACM 1166 敌兵布阵（线段树）敌兵布阵

80 阅读 0 评论 53 点赞

我是靠谱客的博主舒适御姐，最近开发中收集的这篇文章主要介绍杭电 HDU ACM 1166 敌兵布阵（线段树）敌兵布阵，觉得挺不错的，现在分享给大家，希望可以做个参考。

概述

敌兵布阵

Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 55213 Accepted Submission(s): 23144

Problem Description

C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习，所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段，所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动，可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动，而Derek每次询问的段都不一样，所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数，很快就精疲力尽了，Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔，算得这么慢，我炒你鱿鱼!”Tidy想：“你自己来算算看，这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下，Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说：“死肥仔，叫你平时做多点acm题和看多点算法书，现在尝到苦果了吧!”Tidy说："我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼，这么算他真的会崩溃的，聪明的读者，你能写个程序帮他完成这项工作吗？不过如果你的程序效率不够高的话，Tidy还是会受到Derek的责骂的.

Input

第一行一个整数T，表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N（N<=50000）,表示敌人有N个工兵营地，接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人（1<=ai<=50）。
接下来每行有一条命令，命令有4种形式：
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人（j不超过30）
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人（j不超过30）;
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j，表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束，这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令

Output

对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,

对于每个Query询问，输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。

Sample Input

  
  
   
   1
10
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Query 1 3
Add 3 6
Query 2 7
Sub 10 2
Add 6 3
Query 3 10
End

Sample Output

Author

Windbreaker

再来一发！刚弄懂了学了线段树~，代码已详细注释便于大家和个人理解。

#include<iostream>
#include<sstream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<string.h>
#include<cctype>
#include<string>
#include<cmath>
#include<vector>
#include<stack>
#include<queue>
#include<map>
#include<set>
using namespace std;
const int INF=50006;

int sum[INF<<2];//树的结点数应该为线段长度的四倍合适

inline void PushPlus(int rt)
{
    sum[rt]=sum[rt<<1]+sum[rt<<1|1];//某节点的sum值等于两个儿子值之和
}

void Build(int l,int r,int rt) //建树的过程rt开始从编号为1的结点开始建
{
    //l，r为建树区间
    if(l==r)   // 由于对二叉树进行前序遍历，每找到一片叶子赋予兵营值，依次从左到右
    {
        scanf("%d",&sum[rt]);
        return ;
    }
    int m=(l+r)>>1;
    Build(l,m,rt<<1);
    Build(m+1,r,rt<<1|1);
    PushPlus(rt);// 每次回溯完两个孩子，把孩子值合并给他爹爹
}

void Update(int p,int add,int l,int r,int rt)
{
    //p 为要更新的节点，add要更新的值，l，r线段树起始，rt根节点开始
    if(l==r)
    {
        sum[rt]+=add;//一旦找到p结点更新此节点值
        return ;
    }
    int m=(l+r)>>1;
    if(p<=m) // 两个条件语句相当于二分查找p结点
        Update(p,add,l,m,rt<<1);
    else
        Update(p,add,m+1,r,rt<<1|1);
    PushPlus(rt);//回溯p结点的各个祖先
}

int Query(int L,int R,int l,int r,int rt)
{
    //L,R分别为要查询的区间，l，r分别为线段树始末位置，rt还是从根节点开始拆分
    if(L<=l&&r<=R) // 如果查询区间某部分完全被某一节点覆盖，直接返回此节点属性值
        return sum[rt];
    int m=(l+r)>>1;
    int ans=0;//这个查询过程是从根节点开始自顶下上找到待查询线段的左边界和右边界，
    if(L<=m)//这样“夹在树中间的叶子”不重复不遗漏的覆盖了整个待查询线段
        ans+=Query(L,R,l,m,rt<<1);
    if(R>m)
        ans+=Query(L,R,m+1,r,rt<<1|1);
    return ans;
}

int main()
{
    int T,n,a,b;
    scanf("%d",&T);
    for(int i=1; i<=T; i++)
    {
        printf("Case %d:n",i);
        scanf("%d",&n);
        Build(1,n,1);
        char op[10];
        while(scanf("%s",op)&&op[0]!='E')
        {
            scanf("%d%d",&a,&b);
            if(op[0]=='Q')
                printf("%dn",Query(a,b,1,n,1));
            else if(op[0]=='S')
                Update(a,-b,1,n,1);
            else
                Update(a,b,1,n,1);
        }
    }
    return 0;
}