程序员面试100题之十：快速寻找满足条件的两个数

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我是靠谱客的博主爱撒娇面包，最近开发中收集的这篇文章主要介绍程序员面试100题之十：快速寻找满足条件的两个数，觉得挺不错的，现在分享给大家，希望可以做个参考。

概述

能否快速找出一个数组中的两个数字，让这两个数字之和等于一个给定的值，为了简化起见，我们假设这个数组中肯定存在至少一组符合要求的解。

假如有如下的两个数组，如图所示：

5，6，1，4，7，9，8

给定Sum= 10

1，5，6，7，8，9

给定Sum= 10

分析与解法

这个题目不是很难，也很容易理解。但是要得出高效率的解法，还是需要一番思考的。

解法一

一个直接的解法就是穷举：从数组中任意取出两个数字，计算两者之和是否为给定的数字。

显然其时间复杂度为N（N-1）/2即O（N^2）。这个算法很简单，写起来也很容易，但是效率不高。一般在程序设计里面，要尽可能降低算法的时间和空间复杂度，所以需要继续寻找效率更高的解法。

解法二

求两个数字之和，假设给定的和为Sum。一个变通的思路，就是对数组中的每个数字arr[i]都判别Sum-arr[i]是否在数组中，这样，就变通成为一个查找的算法。

在一个无序数组中查找一个数的复杂度是O（N），对于每个数字arr[i]，都需要查找对应的Sum-arr[i]在不在数组中，很容易得到时间复杂度还是O（N^2）。这和最原始的方法相比没有改进。但是如果能够提高查找的效率，就能够提高整个算法的效率。怎样提高查找的效率呢？

学过编程的人都知道，提高查找效率通常可以先将要查找的数组排序，然后用二分查找等方法进行查找，就可以将原来O（N）的查找时间缩短到O（log2N），这样对于每个arr[i]，都要花O（log2N）去查找对应的Sum-arr[i]在不在数组中，总的时间复杂度降低为N* log2N。当让将长度为N的数组进行排序本身也需要O（N*log2N）的时间，好在只须要排序一次就够了，所以总的时间复杂度依然是O（N*log2N）。这样，就改进了最原始的方法。

到这里，有的读者可能会更进一步地想，先排序再二分查找固然可以将时间从O（N^2）缩短到O（N*log2N），但是还有更快的查找方法：hash表。因为给定一个数字，根据hash表映射查找另一个数字是否在数组中，只需要O（1）时间。这样的话，总体的算法复杂度可以降低到O（N），但这种方法需要额外增加O（N）的hash表存储空间。某些情况下，用空间换时间也不失为一个好方法。

解法三

还可以换个角度来考虑问题，假设已经有了这个数组的任意两个元素之和的有序数组（长为N^2）。那么利用二分查找法，只需用O（2*log2N）就可以解决这个问题。当然不太可能去计算这个有序数组，因为它需要O（N^2）的时间。但这个思考仍启发我们，可以直接对两个数字的和进行一个有序的遍历，从而降低算法的时间复杂度。

首先对数组进行排序，时间复杂度为（N*log2N）。

然后令i = 0，j = n-1，看arr[i] + arr[j] 是否等于Sum，如果是，则结束。如果小于Sum，则i = i + 1；如果大于Sum，则 j = j – 1。这样只需要在排好序的数组上遍历一次，就可以得到最后的结果，时间复杂度为O（N）。两步加起来总的时间复杂度O（N*log2N），下面这个程序就利用了这个思想，代码如下所示：

[cpp] view plain copy print ?

int getSumNum(int[] arr,int Sum)， //arr为数组，Sum为和
{
int i,j;
for(i = 0, j = n-1; i < j ; )
{
if(arr[i] + arr[j] == Sum)
return ( i , j );
else if(arr[i] + arr[j] < Sum)
i++;
else
j--;
}
return ( -1 , -1 );
}

int getSumNum(int[] arr,int Sum)，
//arr为数组，Sum为和
{
int i,j;
for(i = 0, j = n-1; i < j ; )
{
if(arr[i] + arr[j] == Sum)
return ( i , j );
else if(arr[i] + arr[j] < Sum)
i++;
else
j--;
}
return ( -1 , -1 );
}

它的时间复杂度是O（N）。

刚开始一直无法理解这样一定可以找到这个和吗？难道不会漏掉了解的位置。可以这么理解，假如排好序后的数组为1,3,6,a,9,12,17,28,b,35,46 ,那么i最初指向1的位置，j最初指向46的位置，比如所求的是Sum=a+b，a<b，a和b在数组中的某位置上。那么i和j在变化过程中，只考虑i遇到了a或者j遇到了b的时候，必定有一个先遇到，比如i遇到了a，那么这个时候j必定还没指到b，故这是j指到的值比b大，从而j减小直到b位置。同理若j先指到了b位置，那么i必定还没指到a(这是我们的前提)，然后i现在指到的值比a小，故i增加，直到a位置。

扩展问题

1、如果把这个问题中的“两个数字”改成“三个数字”或“任意个数字”时，你的解是什么呢？

三个数字：首先还是先对数组进行排序，然后从i=0到n-1进行遍历，遍历arr[i]时，在调用上面的函数getSumNum(arr , Sum-arr[i])即可。

任意m个数字的想法：

首先还是先对数组进行排序，然后从i=0到n-1个元素遍历，遍历arr[i]时，在剩下的n-1个元素中调用getSumNum(arr,Sum-arr[i])，此时为求m-1个元素和为Sum-arr[i]；接下来，同样的方法,从j=0到n-2个元素遍历，遍历arr[j]时在arr上递归调用getSumNum(arr,Sum-arr[i]-arr[j])，此时为求m-2个元素和为Sum-arr[i]-arr[j]；依次递归，直到为求2个元素和为Sum-?-?-?...时为止。

不论是求3个数字还好是m个数字，总是能比较穷举法少一个数量级n，比先排序然后二分查找求Sum-arr[i]也要快。