2018-01-22 A+B Problem 16年香港网络赛 FFT

鉴于这个题目所在的OJ不太好找, 故这里直接附上传送门:

https://open.kattis.com/problems/aplusb

题目描述:
Given N integers in the range [−50000,50000] , how many ways are there to pick three integers ai , aj , ak , such that i , j , k are pairwise distinct and ai+aj=ak ? Two ways are different if their ordered triples (i,j,k) of indices are different.

输入:
The first line of input consists of a single integer N ( 1≤N≤200000 ). The next line consists of N space-separated integers a1,a2,…,aN .

输出:
Output an integer representing the number of ways.

样例输入:
4
1 2 3 4
6
1 1 3 3 4 6

样例输出:
4
10

题目的意思很简单, 就是给你一排数, 然后给定他们的下标, 问你有几种 ai , aj , ak 可以满足 ai+aj=ak,

其中 然后, 值得注意的是, aj+ai=ak会被认为是一种不同的加的式子.

老套路, 先是用FFT处理出一组生成函数的系数的数组, 例如res[4]=2表示两个数字加起来等于4的方案数为2.

当然, 这个也是要去重的, 不过比上一篇博文简单一些, 主要是因为 "aj+ai=ak会被认为是一种不同的加的式子" .

因此只需要把选了两次一样的数的重复去掉, 然后不需要把所有的次数都除以2.

然后遍历所有的数字, 其对应数值可以在res[]数组里面找到对应的方案数, 加起来就行,取为ans.

最后还有一个去重. 比如当这个数列有0的时候.

行啦, 比如有n个数字, 里面有z个0.

当我遍历到一个非0的数字的时候, 对应的res[]里面会包含2*z种方案---2*z种这个数加0的方案, z要乘以2因为提到"aj+ai=ak会被认为是一种不同的加的式子" 有n-z个非零的数字, 那么意味着错误的方案有 2*n*(n-z)

当我遍历到一个0的时候, 对应的res[]里面会有2*(z-1)种方案---2*(z-1)这个数加其他0还是本身的方案, 是2*(z-1)而不是(z-1)的原因同上, 有个z个0, 那么错误的方案数还有2*z*(z-1)

所以 ans再减去2*n*(n-z), 再减去2*z*(z-1), 就是结果了

代码如下:

#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <cstdio>
#include <cmath>
#include <algorithm>
using namespace std;
const double PI=acos(-1);
struct complex
{
double a,b;
complex(double aa=0.0,double bb=0.0)
{
a=aa;
b=bb;
}
complex operator +(const complex &e)
{
return complex(a+e.a,b+e.b);
}
complex operator -(const complex &e)
{
return complex(a-e.a,b-e.b);
}
complex operator *(const complex &e)
{
return complex(a*e.a-b*e.b,a*e.b+b*e.a);
}
};
void change(complex *y,int len)
{
int i,j,k;
for(i=1,j=len/2;i<len-1; i++)
{
if(i<j)
swap(y[i],y[j]);
k=len/2;
while(j>=k)
{
j-=k;
k>>=1;
}
if(j<k)
j+=k;
}
}
void fft(complex *y,int len,int on)
{
change(y, len);
for(int h=2; h<=len; h<<=1)
{
complex wn(cos(-on*2*PI/h),sin(-on*2*PI/h));
for(int j=0; j<len; j+=h)
{
complex w(1, 0);
for(int k=j;k<j+h/2;k++)
{
complex u=y[k],t=w*y[k+h/2];
y[k]=u+t;
y[k+h/2]=u-t;
w=w*wn;
}
}
}
if(on == -1)
for(int i=0; i<len; i++)
y[i].a /= len;
}
const int k=50000;
const int maxx=800040;
int data[maxx];
long long int times[maxx],res[maxx];
complex a[maxx],b[maxx];
int len_a,len_b;
int main()
{
int n,i;
long long int ans;
while(scanf("%d",&n)!=EOF)
{
memset(data,0,sizeof(data));
memset(res,0,sizeof(res));
memset(times,0,sizeof(times));
memset(a,0,sizeof(a));
memset(b,0,sizeof(b));
for(i=0;i<n;i++)
{
scanf("%d",&data[i]);
times[data[i]+k]++;
}
sort(data,data+n);
len_a=data[n-1]+k+1;
len_b=1;
while(len_b<(len_a*2))
len_b=len_b<<1;
for(i=0;i<len_b;i++)
a[i].a=times[i];
fft(a,len_b,1);
for(i=0;i<len_b;i++)
b[i]=a[i]*a[i];
fft(b,len_b,-1);
for(i=0;i<len_b;i++)
res[i]=(long long int)(b[i].a+0.5);
for(i=0;i<n;i++)
res[2*data[i]+2*k]--;
ans=0;
for(i=0;i<n;i++)
ans+=res[data[i]+2*k];
ans-=2*times[k]*(n-times[k])+times[k]*(times[k]-1)*2;
printf("%lldn",ans);
}
return 0;
}

最后

以上就是精明耳机为你收集整理的2018-01-22 A+B Problem 16年香港网络赛 FFT的全部内容，希望文章能够帮你解决2018-01-22 A+B Problem 16年香港网络赛 FFT所遇到的程序开发问题。

如果觉得靠谱客网站的内容还不错，欢迎将靠谱客网站推荐给程序员好友。